[求助]高手朋友快帮忙：出现下面的问题是怎么回事。

Warning: mysql_query(): Unable to save result set in E:\cn21site\meetinfo\meetkey.php on line 106 Warning: mysql_fetch_array(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in E:\cn21site\meetinfo\meetkey.php on line 107 Warning: mysql_fetch_array(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in E:\cn21site\meetinfo\meetkey.php on line 128 程序如下： <? //设定每一页显示的记录数 $pagesize=10; //取得记录总数，计算总页数用 106行：$res=mysql_query("select count(*) from meet_info where meetkey LIKE '%$meetkey%' and meetyear= '".$year."' and meetmonth >= '".$month."'"); 107行 ：$myrow = mysql_fetch_array($res); $numrows=$myrow[0]; //计算总页数 $pages=intval($numrows/$pagesize); if ($numrows%$pagesize) $pages++; //判断页数设置与否，如无则定义为首页 if (!isset($page)) $page=1; //判断转到页数 if (isset($ys)) if ($ys>$pages) $page=$pages; else $page=$ys; //计算记录偏移量 $offset=$pagesize*($page-1); //取记录 $res=mysql_query("select * from meet_info where meetkey LIKE '%$meetkey%' and meetyear='".$year."' and meetmonth >= '".$month."' ORDER BY meetday DESC limit $offset,$pagesize"); //循环显示记录 if ($myrow = mysql_fetch_array($res)) 从网上查了可能原因： 1、是否因为106行中的'%$meetkey%'没定义？ 如果定义要怎么定义呢？ 2、是否是mysql 和php的版本问题？  我们主机上有两个PHP网站，其中一个没有问题，而这个就出以上问题。 哪位朋友赶紧帮忙啊，如果帮我们解决掉这个问题，我们将赠送一年的FTP空间或者主机空间也行。

问题肯定出在 106行： $res=mysql_query("select count(*) .......); 因为这个地方数据库查询结果未能存储下来，所以引起了后面的几处错误。 由于我这里也没有数据库，没法给你慢慢测试这个SQL语句到底哪里错了。 不过可以给你个建议，你自己调试一下。 这个SQL是一个查询语句，使用了count(*)集群函数来查询所有满足条件的记录的数目。而查询条件有三个，一个是meetyear 一个是meetmonth，另外一个是根据关键字$meetkey模糊查询meetkey。 总体上看这个语句没有很明显的错误。但是不知道你这个程序贴出来的是不是完整的代码。如果是完整的代码，那么是有问题的，变量未初始化的可能是存在的，如果贴出来的只是一部分代码，那就不一定了。 如果你贴出来的是全部代码，那么你的 $meetkey $meetyear等变量确实没有定义，或者说没有初始化。你这个程序很可能是PHP3的程序，而你的服务器又是PHP4以上的版本，如果是这样，肯定会有错误的。原因简单得说来就是PHP3的时候表单传递过来的变量不需要接收，系统会自动注册一个变量。可以直接使用，而在PHP4之后，这种方法默认不再被支持，所以你需要手工接收你的变量。比如： $meetkey=$_POST["meetkey"]; 这样，才把用户输入的内容提交上来并且用$meetkey接收。 所以，如果是这样的话，你把你这个程序中用到的所有从表单接收的变量，都用$_POST[]接收过来，比如： $meetkey=$_POST["meetkey"]; $meetmonth=$_POST["meetmonth"]; $year=$_POST["year"]; 然后你的程序中的变量就可以使用了。 如果经过以上处理，仍然提示错误，可以使用下列方法自己调试一下这个语句： 1、可以在phpmyadmin中执行这个语句，一般如果有错误会给出提示。 2、可以用  $query="select count(*)....."; echo $query; $res=mysql_query($query); 这样一来，可以把你构造的sql语句输出出来。因为你的原代码中的语句带着三个变量，而用echo输出出来以后，变量就带入了值，你可以看看这时候带入了值的语句有没有错误。比如是不是有的值为空，或者有的值类型不匹配。 3、可以试着简化查询条件。原来有三个条件，你可以一个一个的简化，现去掉一个meetyear条件，看看有没有错误，如果仍然有错，再去掉一个meetmonth条件...这样测试一下，看看是哪个条件出了问题。 总之，你这个问题最大的可能性就是变量接收问题。所以，你按照上面我提到的方法把变量接收一下，然后再调试一下看看，十有八九会成功！！

在进一步说的明白点： 在程序中开始位置前面加上这么几行变量接收语句： <?php //首先接受用户输入的三个表单的值，存放到三个PHP变量中 $meetkey=$_POST["meetkey"]; $meetmeetmonth=$_POST["meetmonth"]; $meetkey=$_POST["year"]; //当然，上面POST[]里面的字符串是你的表单的名字 //比如<input type=text name=year...>那么名字就是year ............ ?> 你就这么改改看看。如果仍然不行。那么你把你的sql语句用echo 输出出来，你会看到类似于这样的一个语句： select count(*) from meet_info where meetkey LIKE '%测试测试%' and meetyear='2004' and meetmonth>='9' 也就是重点看看上面的三个变量"测试测试"，“2004”，“9”有没有顺利传递过去。如果输出出来的语句发现这些变量没有传递成功，那就得好好检查一下你的变量接收语句，以及最好把 "..LIKE '%$meetkey%'"修改成 "...LIKE'%".$meetkey."%' ...." 你上面的写法虽然不能说错，但是毕竟不如我这种写法保险。

我查了好久还是没搞定，但运行SQL语句后，发现了127错误。  最后用语句：  repair table meet_info  搞定！ 不过也非常感谢楼上回复。  能交个朋友吗？ 我的QQ：9055470

..... 狂晕。 原来你的表坏了。。。费了我这么大劲找错误原来是白费~！ 郁闷。。。。。